2011届广东省中山市镇区高中高三联考物理上学期末

2010—2011学年度上学期中山市镇区高中高三联考

物理试卷

考试时间：90分钟 满分：100分

第Ⅰ卷（共44分）

一、单项选择题（本大题共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中，只有一项满足题设要求，选对得4分，不选、错选或多选不得分） 1、.下列说法正确的是：

A．牛顿发现了万有引力定律 B. 法拉第发现了电流的磁效应

C．安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式。 D．在国际单位中，力学的基本单位是米、牛顿、秒。

2、如图所示，做直线运动的电子束射入与它的初速度垂直的匀强磁场中，电子在磁场中运动时：

A．速度不变 B．动能不变

C．加速度不变 D．所受洛仑兹力不变

3、如图所示，用细线悬着一个小球在空中沿水平面做匀速圆周运动，小球受到的作用力是： A．重力和细线的拉力

B．重力、细线的拉力、离心力 C．重力、细线的拉力、向心力

D．重力、细线的拉力、向心力、离心力

4.、2010年1月17日00时12分，我国成功发射北斗二号卫星并定点于地球同步卫星轨道。北斗二号卫星与近地表面做匀速圆周运动的卫星对比： 同步轨道 A. 北斗二号卫星的线速度更大 B. 北斗二号卫星的周期更大 C. 北斗二号卫星的角速度更大 D. 北斗二号卫星的向心加速度更大

5、一带电粒子沿图中AB曲线穿过匀强电场中的一组等势面，等势面的电势关系满足

φa>φb>φc>φd.若不计粒子所受重力，则： A．粒子一定带正电

B．粒子的运动是匀变速曲线运动

C．粒子从A点到B点运动过程中电势能增加

D．粒子从A点到B点运动过程中动能先减少后增大

二、双项选择题（本大题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确。全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）

近地轨道

P 地球 Q 高中物理辅导网http://www.wulifudao.com/

6、在高空匀速水平飞行的轰炸机，每隔1 s投放一颗，若不计空气阻力，则， A、这些落地前排列在同一条竖直线上 B、这些都落于地面上同一点

C、这些落地时速度大小方向都相同 D、相邻在空中距离保持不变

7、如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大 B．保持S闭合；将A板向B板靠近，则θ不变 C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大 D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变 8、在同一高度处将三个质量相同的小球，以大小相等的初速度v0分别上抛、平抛和斜抛．下列相关的说法中正确的是

A．从抛出到落地过程中，重力对它们做功的平均功率相同 B．从抛出到落地的过程中，重力对它们所做的功相同 C．三个小球落地前瞬间的动能相同

D．三个小球落地前瞬间，重力做功的瞬时功率相同 9、

10、如图所示，是一火警报警的一部分电路示意图。其中R 2为用半导体材料制成的负温度系数热敏电阻传感器，其电阻随温度的升高而减小。电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器。当传感器R 2 所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是

A．I变小 B．I变大 C．U变小 D．U变大

11、如图所示S－t图象和v－t图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运

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动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是( ) A．图线1表示物体做曲线运动 B．S－t图象中t1时刻v1＞v2 C．v－t图象中0至t3 时间内4的平均速度大于3的平均速度

D．两图象中，t2、t4时刻分别表示2、4开始反向运动

第Ⅱ卷（共56分）

三、实验题（本题2小题，其中12题10分，13题11分，共21分） 12、（10分）

(1)用自由落体法验证机械能守恒定律，下面哪些测量工具是必需的？ ( )

(A)天平 (B)弹簧秤 (C)刻度尺 (D)秒表

(2)如图是实验中得到的一条纸带。已知打点计时器所用电源的频率为50Hz,

2

当地的重力加速度g=9. 80m/s，测得所用重物的质量为1.00kg，纸带上第0、1两点间距离接近2mm，A、B、C、D是连续打出的四个点，它们到O点的距离如图所示，则由图中数据可知，重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于___ _ J，打下C点时速度的大小等于__ ____m/s，动能的增加量等于__ J（以上各空均取三位有效数字）。动能增量小于重力势能的减少量的原因主要是

____________________________________________________________________。 13、（11分）

为检测一个标值为5 Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下： A．待测滑动变阻器Rx，总电阻约5 Ω B．电流表A1，量程0.6 A，内阻约0.6 Ω C．电流表A2，量程3 A，内阻约0.12 Ω D．电压表V1，量程15 V，内阻约15 kΩ E．电压表V2，量程3 V，内阻约3 kΩ F．滑动变阻器R，总电阻约20 Ω G．直流电源E，电动势3 V，内阻不计 H．电键S、导线若干

①为了尽可能精确测定Rx的总电阻值，所选电流表为___________（填“A1”或“A2”），所选电压表为_________（填“V1”或“V2”）。

②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接，使其成为测量电路。

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③如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻 丝的直径为 mm。 25 A Rx 20 5 0 Rx 15 R R E r S

丙

甲 S +

乙

四、计算题（本题3小题，14题14分，15题9分，16题12分，共35分）

V -

14、（14分）如图所示，在竖直平面内，由斜面和圆形轨道分别与水平面相切连接而成的光滑轨道，圆形轨道的半径为R。质量为m的小物块从斜面上距水平面高为h=2.5R的A点由静止开始下滑，物块通过轨道连接处的B、C点时，无机械能损失。求： ⑴.小物块通过B点时速度vB的大小；

⑵.小物块通过圆形轨道最低点C时轨道对物块的支持力N的大小；

⑶.小物块能否通过圆形轨道的最高点D。

B A D h O R C

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15、（9分）如图所示，质量为0.78kg的金属块放在水平地面上，在大小为3.0N、方向与水

平方向成角的拉力F作用下，以4.0m/s的速度沿地面向右做匀速直线运动。已知sin=0.6，cos=0.8，g取10m/s2。求： F (1)金属块与地面间的动摩擦因数；

370 （2）如果从某时刻起撤去拉力F，此后金属块的加速度大小； m （3）撤去拉力F后金属块在地面上还能滑行多远？

16、（12分）如图所示，在x轴上方有垂直于xy平面向里的匀强磁场，磁感应强度为B；在x轴下方有沿y轴负方向的匀强电场，场强为E.一为m，电量为-q的粒子从坐标原点O沿着y轴正方向射出之后，第三次到达x轴时(O点不算第一次），

质量射出它与

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点O的距离为L。求： （1）此粒子射出的速度v

（2）在此过程中运动的总路程S(重力不计).

参 考 答 案

一、单项选择题

二、双项选择题

三、实验题

12、 (1)C（2分）

(2)7.62（2分） 3. （2分） 7.56—7.57皆对（2分）

重物下落时受到空气阻力和打点针与纸带间的阻力作用（2分） 13、①（每空2分）A1； V2

②（4分）如图

（说明：电流表外接法、滑动变阻器分压式接法的其它正确连接方案均可

Rx

R

- + S

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得满分；若待测滑动变阻器Rx不是连接两个固定接线柱的扣1分；电压表和电流表未正确连接“+”、“－”接线柱的，一个表接错扣1分；两处以上（不含两处）连接错误的得零分）

③（3分） 1.205（说明：在1.203～1.207范围内均正确）

四、计算题 14、（14分）解：（1）物块从A点运动到B点的过程中，由动能定理得

mhg12mvB （2分） 2 解得：vB5gR （1分） （2）物块从B至C做匀速直线运动

∴vCvB5gR （1分）

物块通过圆形轨道最低点C时，由牛顿第二定律有：

2vCFmgm （2分）

R∴F6mg （1分）

（3）若物块能从C点运动到D点，由动能定理得：

mg2R解得：vD1212mvDmvC （2分） 22gR （1分）

物块通过圆形轨道的最高点的最小速度为vD1，由牛顿第二定律得：

2vDmgm1 （2分）

RvD1gR （2分）

可知物块能通过圆形轨道的最高点。

15、解：

（1）取物体运动方向为正，由平衡条件有

Fcosθ-f = 0 （1分） N = mg-Fsinθ （1分） 又f =μN （1分）

所以有Fcos0.40 （1分）

mgFsin(2) 由牛顿第二定律有 -μmg=ma （1分）

a = -μg=-0.4×10m/s2= -4 m/s2 （1分） 方向与初速度相反 （1分） （3）据0-v02=2as， （1分）

2v02.0m （1分） 有s2a

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16、由粒子在磁场中和电场中受力情况与粒子的速度可以判断粒子从O点开始在磁场中匀速率运动半个圆周后进入电场，做先减速后反向加速的匀变直线运动，再进入磁场，匀速率运动半个圆周后又进入电场，如此重复下去.粒子运动路线如图3-11所示，

（1）有L=4R ① （2分）

粒子初速度为v，则有qvB=mv2/R ②， （2分） 由①、②可得v=qBL/4m ③. （2 分）

（2）设粒子进入电场做减速运动的最大路程为L’， 加速度为a，刚进入电场时的方向为正方向，

则有0-v2=2aL’ ④， （1分）

-qE=ma, ⑤ （1 分） 得L’= qB2L2/(32mE) (1分)

（此处也可用动能定理求解，W=Ek2-Ek1 (1分) -qEL’= 0-mv 2/2 (1分) 得L’= qB2L2/(32mE) （1分） ）

粒子运动的总路程s=2R+2L. ⑥ （2分） 得:s=L/2+qB2L2/(16mE). （1分）